Koło ratunkowe z matematyki dyskretnej M Id
Transkrypt
Koło ratunkowe z matematyki dyskretnej M Id
Koło ratunkowe z matematyki dyskretnej M Id - szkice rozwiązań Z. 1. (2pkt.) Ciąg (an ) jest zdefiniowany rekurencyjnie w następujący sposób: a0 = −1, a1 = 2 oraz an = 4an−1 + 5an−2 dla n 2. Korzystając z odpowiedniego twierdzenia, podać wzór jawny na an . Piszemy równanie charakterystyczne: x2 − 4x − 5 = 0 i wyznaczamy jego pierwiastki r1 = −1 i r2 = 5. Nastepnie piszemy wzoru jawnego an = c1 · (−1)n + c2 · 5n . Z warunków początkowych piszemy ogólną postać 0 −1 = c1 · (−1) + c2 · 50 układ równań , po rozwiązaniu którego otrzymujemy ostateczne rozwiązanie 2 = c1 · (−1)1 + c2 · 51 an = − 67 · (−1)n + 16 · 5n . Z. 2. (2pkt.) Niech (fn ) będzie ciągiem Fibonacciego. Udowodnić, że 2n−1 X 2 fk fk+1 = f2n . k=0 Należy sprawdzić I krok indukcyjny: −1 X dla n = 0: L = fk fk+1 = 0, P = f02 = 0, czyli L = P . k=0 Można było zacząć od n = 1: wtedy L = P = 1. 2(n+1)−1 2n−1 X X 2 2 Z: fk fk+1 = f2n T: fk fk+1 = f2(n+1) k=0 D: L = k=0 2n+1 X k=0 fk fk+1 = 2n−1 X 2 fk fk+1 + f2n f2n+1 + f2n+1 f2n+2 = f2n + f2n f2n+1 + f2n+1 f2n+2 k=0 2 = f2n (f2n + f2n+1 ) + f2n+1 f2n+2 = f2n f2n+2 + f2n+1 f2n+2 = (f2n + f2n+1 )f2n+2 = f2n+2 = P. Z. 3. (2pkt.) Ilu musi być posiadaczy kart płatniczych, aby mieć pewność, że co najmniej 7 z nich ma karty chronione tym samym czterocyfrowym numerem PIN? Numerów PIN jest 104 (kolejność cyfr jest ważna!!!). Więc musi być co najmniej 6 · 104 + 1 posiadaczy. Z. 4. (2pkt.) Ile jest liczb czterocyfrowych, w których jedynie cyfra 0 może sie powtarzać? Zero nie może wystąpić na pierwszym miejscu! Liczb, w których nie powtarza się żadna cyfra (zero może wystąpić raz, ale nie musi) jest 9 · 9 · 8 · 7 (na pierwszym miejscu wszystkie cyfry bez zera, na drugim już może być zero, ale nie może byc cyfry z pierwszego miejsca, na trzecim cyfry oprócz pierwszych dwóch, na czwartym analogicznie) Liczb, w których są dwa zera jest: 9·3·8 (na pierwszym miejscu wszystkie cyfry bez zera, potem wybieramy dwa miejsca dla zera z trzech na 32 = 3 sposoby i wolne miejsce uzupełniamy na 8 sposobów. Liczb, w których są trzy zera jest: 9 (na pierwszym miejscu wszystkie cyfry bez zera,a potem już trzy zera) Są to sytuacje rozłączne, więc ostatecznie takich liczb jest: 9 · 9 · 8 · 7 + 9 · 3 · 8 + 9. Z. 5. (2pkt.) Na ile sposobów można rozmieścić 9 identycznych ołówków i 7 różnych kredek w 4 różnych piórnikach? Ołówki rozmieszczamy w piórnikach na 9+4−1 sposobów (jak kule-ołówki w szufladach-piórnikach). 9 Kredkom (które są różne!) przyporządkowujemy piórniki, do których je wkładamy na 47 sposobów. Uwaga: nie piórnikom kredki, bo nie do każdego piórnika musimy włożyć kredkę. 100 99 99 Z. 6. (2pkt.) Podać kombinatoryczne uzasadnienie wzoru = + . 20 19 20 L - na tyle sposobów możemy ze zbioru 100-elementowego wybrać 20-elementowy podzbiór. P - w zbiorze wyróżniamy element x. 20-elementowy podzbiór albo zawiera element x (takich podzbio rów jest 99 , bo na tyle sposobów możemy do x dobrać 19 elementów z pozostałych 99), albo elementu x 19 nie zawiera (takich podzbiorów jest 99 20 , bo wszystkie 20 elementów wybieramy z pozostałych 99). Prawo dodawania kończy dowód.