Zadanie 1 Dla belki przedstawionej na rysunku, stosując metodę
Transkrypt
Zadanie 1 Dla belki przedstawionej na rysunku, stosując metodę
Zadanie 1 Dla belki przedstawionej na rysunku, stosując metodę Clebscha, sporządzić wykresy siły tnącej i momentu gnącego, wyznaczyć strzałkę ugięcia w miejscu przyłożenia siły F oraz kąt obrotu przekroju w punkcie A. Dane: q=0,05 [MN/m], F=0.05[MN], L=0.8[m], EI=0.6[MNm2] Belkę należy uwolnić od więzów: - w punkcie A podporę przesuwną zastępujemy reakcją Ray - w punkcie B utwierdzenie sztywne zastępujemy parą reakcji Rbx , Rby oraz momentem utwierdzenia Mu Zapisujemy równania równowagi (1): (suma rzutów sił na oś x i y, suma momentów względem punktu B) ∑F x = 0: ∑ Fy = 0 : ∑M b = 0: Rbx = 0 1 Ray + Rby − F − qL = 0 2 1 1 3 F L + qL L − Ray L − M u = 0 2 2 4 (1) Zadanie jest jednokrotnie statycznie niewyznaczalne ponieważ są trzy równania równowagi i cztery niewiadome: Ray , Rbx , Rby , Mu. Brakującą zależność uzyskamy wykorzystując równanie linii ugięcia. Zgodnie z metodą Clebscha, obciążenie ciągłe, jeżeli jest to konieczne, należy przedłużyć do końca belki, dokładając na przedłużonym odcinku obciążenie ciągłe o przeciwnym zwrocie: Równanie momentu gnącego ma postać: 2 1 1 1 1 Mg ( x) = − qx 2 + Ray x |1 + q x − L − F x − L |2 2 2 2 2 (2) Wyrażenia od początku do |1 odnoszą się do pierwszego przedziału (0≤ x≤0.5L), natomiast od początku do |2 dotyczą drugiego przedział (0.5L≤x≤L). Równanie różniczkowe osi ugiętej: EI d2y = − Mg ( x) dx 2 (3) 2 d2y 1 2 1 1 1 EI 2 = qx − Ray x |1 − q x − L + F x − L |2 dx 2 2 2 2 (4) Całkujemy pierwszy raz (nie rozwijając nawiasów!): 3 2 dy 1 1 1 1 1 1 EI = C + qx3 − Ray x 2 |1 − q x − L + F x − L |2 dx 6 2 6 2 2 2 (5) Całkujemy drugi raz: 4 3 1 4 1 1 1 1 1 EIy = Cx + D + qx − Ray x 3 |1 − q x − L + F x − L |2 24 6 24 2 6 2 (6) W równaniach (5) i (6) niewiadomymi są stałe całkowania C i D oraz Ray. Ze względu na sposób podparcia belki mamy trzy warunki brzegowe: - w punkcie A (x=0) znajduje się podpora przesuwna odbierająca możliwość przemieszczenia pionowego punku A: y x =0 = 0 (7) - w punkcie B (x=L) belka jest utwierdzona sztywno – ograniczenia mamy więc na przemieszczenie pionowe i kąt obrotu: y x=L = 0 ΘB = dy dx (8) =0 (9) x= L Podstawiając warunek (7) do równania (6) (ponieważ warunek ten dotyczy pierwszego przedziału, równanie (6) bierzemy do |1 ) otrzymujemy: D=0 (10) Następnie wstawiamy np.: warunek (9) do (5) (dotyczy drugiego przedziału, więc uwzględniamy całe równanie – do |2) i wyliczamy C: C= 24 Ray L2 − 6 FL2 − 7 qL3 (11) 48 Wykorzystując (11) oraz warunek (8) otrzymujemy równanie: 24 Ray L2 − 6 FL2 − 7 qL3 48 4 3 1 1 1 1 1 1 L + qL4 − Ray L3 − q L + F L = 0 24 6 24 2 6 2 (12) pozwalające wraz z równaniami równowagi (1) wyznaczyć wartości reakcji i momentu utwierdzenia: Ray = 40 F − 41qL = 0, 0284[MNm] 128 Rby = 88F − 23qL = 0, 0416[MNm] 128 24FL + 7qL2 Mu = = 0,0092[MNm] 128 oraz: 24FL2 + 11qL3 C= = 0,00137[MNm2 ] 768 Strzałkę ugięcia pod siłą F (x=0.5L) obliczamy z równania (6): y x = 0.5 L 1 = EI 4 3 1 1 1 1 1 C L + q L − Ray L = 0, 497[mm] 24 2 6 2 2 Kąt obrotu przekroju w punkcie A (x=0) wyznaczamy z zależności (5): ΘB = dy C |x =0 = = 0, 002284rad dx EI Siła tnąca: 1 T ( x ) = − qx + Ray |1 + q x − L − F |2 2 T (0) = Ray = 0, 0284[MN] 1 1 T L |1 = Ray − ql = 0, 084[MN] 2 2 1 1 T L |2 = Ray − ql − F = −0, 0416[MN] 2 2 T ( L ) = − Rby = −0, 0416[MN] Przebieg siły tnącej Wartości momentu gnącego w odpowiednich przekrojach określa równanie (2): 2 1 1 1 1 Mg ( x) = − qx 2 + Ray x |1 + q x − L − F x − L |2 2 2 2 2 Mg ( x = 0) = 0 1 1 1 Mg L = − qL2 + Ray L = 0, 00736[MNm] 8 2 2 Mg ( L ) = − M u = −0, 00925[MNm] Maksymalny moment gnący wynosi: Mg max =| Mg ( x = L ) |= 0, 00925[MNm] Przebieg momentu gnącego – w przedziale <0≤x≤0.5L> paraboliczny, w przedziale <0.5L≤x≤L> liniowy