WYK£AD 6
Transkrypt
WYK£AD 6
WYKŁAD 8 OGÓLNE PODSTAWY SPEKTROSKOPII E = E 0 sin( ωt − kx) ; k= 1 2π ; ω = 2πν ; T = λ ν E =p ⇒ c ⇒ p = hk E = (m 2c4 + p 2c 2 )1 / 2 , dla fotonu m = 0 ⇒ 1 2 Rozkład energii w stanie równowagi: ROZKŁAD BOLTZMANA ! ! ! ! ! P(E) ∝ e −E / kT N1 ∆E N1 = e − ∆E / kT N0 N0 WIDMO ROTACYJNE ! Przypomnijmy: dla sztywnego rotatora makroskopowego energia kinetyczna ruchu obrotowego wyraża się wzorem ri mi 1 1 1 Ekin = ∑ m i v i2 = ∑ m i ri2 ω 2 = Iω 2 2 2 i 2 gdzie m i - masa I = ∑ m i ri2 ri - odległość od osi obrotu i nosi nazwę momentu bezwładności Energia kinetyczna makroskopowego rotatora może zmieniać się 3 w sposób ciągły, czyli jest nieskwantowana. Natomiast energia rotacyjna molekuł jest skwantowana, (bo moment pędu jest skwantowany): 1 2 1 ( Iω ) 2 E k = Iω = 2 2 I gdzie Iω = moment pędu Można pokazać z równania Schrödingera, że: czyli Iω = J ( J + 1)h 1 2 1 ( Iω ) 2 h2 E k = Iω = = J ( J + 1) 2 2 2 I 8π I gdzie J – jest kwantową liczbą rotacji J = 0, 1, 2, ... , n B= h2 2 8π I , gdzie B jest stałą rotacyjną Gdy J=0 E0 = 0 J =1 E1 = 2 B J=2 E 2 = 6B J=3 E 3 = 12B 4 ∆E 01 = 2B ∆E12 = 4B ∆E 23 = 6B J Energia 11 [J/molekułę] 4 ⋅ 10 − 21 J 4 kT 10 9 3 ⋅ 10 − 21 8 7 2 ⋅ 10 3 6 − 21 5 2 4 ∆E12 3 1 ⋅ 10 − 21 2 1 0 ∆E 01 0 NO 1 0 HCl Energetyczne poziomy rotacji molekuł NO i HCl Zaznaczono wielkość energii kT = 4.1 ⋅ 10 21 J/molekułę w 25°C 5 Rozkład Boltzmana w spektroskopii rotacyjnej ? nJ = ( 2J + 1)e − BJ ( J +1) / kT n0 bo ∆E = E J − E 0 = BJ ( J + 1) − 0 = BJ ( J + 1) E0 = 0 bowiem J=0 dla Dlaczego przed wykładnikiem jest: 2J + 1 ? Bo każdy poziom energetyczny jest charakteryzowany przez moment pędu J, który jest (2J+1) razy zdegenerowany. (Pamiętamy? To samo było dla elektronu w atomie wodoru: liczbie orbitalnej l odpowiadało (2l+1) wartości magnetycznej liczby kwantowej m = - l, ..., -1, 0, 1, ..., ,l) nJ n0 7 6 5 4 3 2 1 0 2 4 6 8 10 12 14 16 18 20 22 24 26 kwantowa liczba rotacji J Rozkład obsadzeń poziomów rotacyjnych molekuł w temperaturze pokojowej 6 Reguły wyboru dla widma rotacyjnego 1) ∆E = hν (foton, który ma być pochłonięty przez molekułę musi pasować do różnicy poziomów energetycznych) 2) ∫ Ψ µΨ dτ ≠ 0 n m dla przejścia n → m µ - trwały moment dipolowy cząsteczki Ψn , Ψm - funkcja falowa opisująca rotator w stanie energetycznym n i m Oznacza to, że aby obserwować absorpcyjne widmo rotacyjne, molekuły muszą być obdarzone trwałym momentem dipolowym. 3) ∆J = +1 (molekuła może przenieść się w jednym akcie absorpcji tylko na poziom sąsiedni ∆J = 2,3 są zabronione ! ! ! ! 3 nie! 2 1 J 0 Aparatura do rejestracji widma rotacyjnego (Kęcki, str. 34) 7 Badanie struktury molekuł na podstawie widma rotacyjnego Schemat przejść absorpcyjnych i wygląd widma rotacyjnego: a) molekuła dwuatomowa A R Znając B z eksperymentu (odległości między pikami w widmie) można obliczyć moment bezwładności, a stąd odległość R między atomami A i B B ⇒ B= h 2 8π c I ⇒ I ⇒ R −1 gdzie B wyrażone jest w jednostkach [cm ] I = m red ⋅ R 2 m red = m A ⋅ mB m A + mB 8 B b) molekuła wieloatomowa liniowa A B C widma rotacyjne wyglądają podobnie D E F (odległości są równe 2B), stąd można wyznaczyć I. Ale I wyraża się teraz trochę bardziej skomplikowanym wzorem: 1 I = ∑ ∑ m i m jR ij 2 i j ∑ mi i W molekule n atomowej mamy (n-1) zmiennych niezależnych R ij (odległości międzyatomowych). Aby je wyznaczyć trzeba (n1) równań. Dane te uzyskujemy stosując podstawienia izotopowe. Trzeba jednak pamiętać, że wzór na energię rotacyjną: E J +1 − E J = 2B( J + 1) nie jest całkowicie prawdziwy. W obliczeniach zakładamy bowiem model rotatora sztywnego. A przecież atomy drgają!!! Czyli zmieniają się odległości między atomami. Poza tym, dla wyższych J (momentów pędów) obrót jest tak szybki, że zaczyna odgrywać rolę siła odśrodkowa. Zmodyfikowany wzór, który uwzględnia: 9 a) sprzężenia rotacji z wibracjami b) siłę odśrodkową ma postać: E J +1 − E J = 2B v ( J + 1) − 4D( J + 1) 3 poprawka na siłę odśrodkową gdzie 3n − 5 d B v = B − ∑ αi vi + i 2 i =1 poprawka na sprzężenie z wibracjami α i - współczynnik sprzężenia v i - oscylacyjna liczba kwantowa d i - stopień degeneracji oscylacji 1) 2) c) molekuły wieloatomowe nieliniowe c1) I A = I B = I C - bąk sferyczny przypadek nieinteresujący dla spektroskopii rotacyjnej, bo µ = 0 c2) I A ≠ I B = I C - bąk symetryczny ma dwie stałe rotacyjne A= h2 8π 2cI ; B= A h2 8π 2cI B Energia rotacyjna bąka symetrycznego wyraża się wzorem E JK = BJ ( J + 1) + ( A − B )K 2 K = 0,±1, ⋅ ⋅⋅,± J Reguły wyboru dla bąka symetrycznego 10 ∆J = +1 ∆K = 0 oznacza to, że: ∆E JK = 2B( J + 1) (tak samo jak dla cząsteczek liniowych) Ale po uwzględnieniu poprawki na siłę odśrodkową wzór jest inny: ∆E JK = 2( J + 1)(B − D JK K 2 ) − 4D J ( J + 1) 3 dla K = 0 wzór przyjmuje postać taką samą jak dla cząsteczek liniowych ∆E JK = 2( J + 1)B − 4D( J + 1) 3 dla przejść 0 → 1 ale dla wyższych poziomów rotacyjnych J > 0 , K może przyjmować wartości 0, ±1, ... , ±J, co oznacza, że każde pasmo przejścia J → J + 1 rozszczepia się na J + 1 składowych. 0 10 2 10 3 2 10 0→1 1→2 2→3 3→4 K ∆J 11