Analiza Systemów
Transkrypt
Analiza Systemów
Analiza Systemów Modelowanie systemu - Wirtualny mostek 1 Przekształcenia Laplace’a Rozważmy poniższe zwyczajne równanie różniczkowe: C u(t) − ym (t) dym (t) ym (t) + = dt R Rr (1) Przekształcenie całkowe Laplace’a funkcji f (t) definiuje się następująco: Z ∞ L(f (t)) = F (s) = f (t)e−st dt, (2) 0 Stosujemy przekształcenie Laplace’a zarówno do lewej jak i prawej strony równania (1), wykorzystując liniowość przekształcenia: C[sYm (s) − ym (0)] + 1 1 Ym (s) = [U (s) − Ym (s)] R Rr (3) Porządkując odpowiednie zmienne otrzymujemy: Ym (s) = U (s) Rr (cs + R1 + 1 ) Rr + cym (0) cs + R1 + R1r (4) √ Zakładając, wymuszenie U (t) = 2U sin(ωt), oraz uwzględniając L(U (t)) = ω U (s) = s2 +ω 2 , równanie (4) przyjmuje postać: √ Ym (s) = Rr (s2 + 2U ω + ω 2 )(cs 1 R + + R1r ) + cym (0) cs + R1 + R1r (5) Rozłóżmy oba wyrażenia na ułamki proste. W tym celu należy zauważyć, że mianownik wyrażenia (5) przyjmuje wartość zero dla trzech wartości ze- spolonych, t.j.: s1 = (0, ω) s2 = (0, −ω) 1 1 1 ), 0) s3 = (− ( + c R Rr (6) W takim razie równanie (5) można zapisać w równoważnej postaci: √ 2U ω h A B C i ym (0) Ym (s) = + + + Rr c s − s1 s − s2 s − s3 s − s3 (7) gdzie współczynniki (A, B, C) można wyznaczyć rozwiązując układ równań: A+B+C =0 As3 + As2 + Bs3 + Bs1 + Cs2 + Cs1 = 0 As2 s3 + Bs1 s3 + Cs1 s2 = 1 Rozwiązania przyjmują postać następujących liczb zespolonych: c2 R2 Rr 2 ω 2 c2 R2 Rr 2 + Rr 2 + 2 R Rr + R2 c R Rr (Rr + R) ¢ Im(A) = −1/2 ¡ 2 2 2 2 ω ω c R Rr + Rr 2 + 2 R Rr + R2 Re(A) = −1/2 c2 R2 Rr 2 Re(B) = −1/2 2 Rr + 2 R Rr + R2 + ω 2 c2 R2 Rr 2 c R Rr (Rr + R) ¢ Im(B) = 1/2 ¡ 2 ω Rr + 2 R Rr + R2 + ω 2 c2 R2 Rr 2 c2 R2 Rr 2 Rr 2 + 2 R Rr + R2 + ω 2 c2 R2 Rr 2 Im(C) = 0 Re(C) = (8) Należy zauważyć, że zachodzą następujące relacje: Re(A) = Re(B) i Im(A) = −Im(B) oraz Re(C) = −2Re(B). Uwzględniając poniższy wzór na odwrotne przekształcenia Laplace’a: h 1 i = eat (9) L−1 s−a Otrzymujemy rozwiązanie: h i √2U ω h i −1 ym (t) = L Ym (s) = Aes1 t + Bess t + Ces3 t + ym (0)es3 t Rr c 2 (10) Zauważmy, że zachodzi: Aes1 t +Bess t +Aes3 t = [Re(A)+jIm(A)]ejωt +[Re(B)+jIm(B)]e−jωt +Re(C)es3 t (11) Co uwzględniając zależności Re(A) = Re(B) i Im(A) = −Im(B) oraz Re(C) = −2Re(B) sprowadza się do następującej postaci: Re(A)[ejωt + e−jωt ] + jIm(A)[ejωt − e−jωt ] − 2Re(A)es3 t (12) Pamiętając, że ejωt = cos(ωt) + jsin(ωt) powyższa równość sprowadza się do: 2Re(A)cos(ωt) − 2Im(A)sin(ωt) − 2Re(A)es3 t (13) Rr +R , co powoduje Można również zauważyć, że zachodzi Im(A) = Re(A) cωR rR uproszczenie (13) do postaci £ ¤ Rr + R 2Re(A) cos(ωt) − sin(ωt) − es3 t cωRr R (14) Ostatecznie otrzymujemy rozwiązanie: √ i 2U ω h Rr + R s3 t cos(ωt) − sin(ωt) − e + ym (0)es3 t ym (t) = 2Re(A) Rr c cωRr R h i √ Rr + R = −%cωR2 Rr U 2 cos(ωt) − sin(ωt) − es3 t + ym (0)es3 t cωRr R √ √ = %RU 2(Rr + R)sin(ωt) − %cωR2 Rr U 2cos(ωt)− √ (15) − %cωR2 Rr U 2es3 t + ym (0)es3 t , gdzie % = (ω 2 c2 R2 Rr 2 + Rr 2 + 2 R Rr + R2 )−1 . Ponadto narzucając warunek początkowy ym (0) = 0 oraz fakt, że interesować nas będzie tylko rozwiązanie w stanie ustalonym, rozwiązanie przyjmuje postać: √ √ ym (t) = %RU 2(Rr + R)sin(ωt) − %cωR2 Rr U 2cos(ωt) (16) 3