16. Pole magnetyczne, indukcja Wybór i opracowanie Marek
Transkrypt
16. Pole magnetyczne, indukcja Wybór i opracowanie Marek
16. Pole magnetyczne, indukcja Wybór i opracowanie Marek Chmielewski 16.1. Znaleźć indukcje pola magnetycznego w odległości r od nieskończone długiego przewodnika walcowego o promieniu przekroju poprzecznego a w którym płynie prąd I. r i B 16.2. Wyznaczyć indukcję pola magnetycznego wytworzonego przez prąd o natężeniu i płynący przez nieskończenie długi przewodnik zgięty pod kątem prostym: a) W punkcie A leżącym w płaszczyźnie przewodnika odległym od jego końca o odległość h, na przedłużeniu jednego z ramion przewodnika (rys) b) W punkcie C odległym o h od osi przewodnika, leżący pod kątem α do osi jednego z ramion przewodnika. A C α i 16.3. Jednorodnie naładowana ładunkiem Q cienka tarcza o promieniu R, obraca się z prędkością kątową ω dookoła swojej osi. Znaleźć wartość indukcji pola magnetycznego w jej geometrycznym środku. B ω R 16.4. Wyznaczyć wartość indukcji pola magnetycznego wewnątrz nieskończonego solenoidu, w którym na l jego długości przypada N ciasno ułożonych zwojów w których płynie prąd I. l N I 16.5. Wyznaczyć wartości gęstości energii pola magnetycznego wewnątrz nieskończonego solenoidu o promirniu R, gęstości liniowej zwojów n, przez który płynie prąd i. 16.6. Dwa zwoje drutu o promieniu R ustawionych tak jak na rysunku odległych o d tak, że ich osie symetrii się pokrywają. W solenoidach płyną prądy I w tym samych kierunkach. Wyznaczyć wartość indukcji pola magnetycznego na osi łączącej obydwa zwoje w zależności od odległości pomiędzy zwojami. I I R R d 16.7. Elektron porusza się w jednorodnym polu magnetycznym o indukcji B po linii śrubowej o promieniu R i skoku h, wyznaczyć wartość prędkości elektronu. R h B 16.8. W taśmie metalowej o szerokości a i grubości d płynie prąd I. Taśma znajduje się w jednorodnym polu magnetycznym o indukcji B. Obliczyć różnicę potencjałów między punktami A i C taśmy, jeżeli wiadomo, że w jednostce objętości materiału z jakiego zrobiona jest taśma, znajduje się n elektronów na jednostkę objętości. 16.9. Dany jest jednorodny pierścień o promieniu r i oporze R. W dwóch dowolnych punktach A i B tego pierścienia przyłączono dwa długie przewody, tak by ich kierunki tworzyły przedłużenia promieni tego pierścienia, zasilane ze źródła o napięciu U. Obliczyć indukcję magnetyczną w środku pierścienia. 16.10. Wzdłuż osi cienkościennej rury biegnie prostoliniowy przewód. Prąd I płynący w rurze wraca przewodem do źródła. Wyznaczyć wielkość indukcji pola magnetycznego jako funkcję odległości od środka rury. U i i 16.11. Pręt o długości l i masie m położono na dwóch równoległych szynach nachylonych pod kątem α do poziomu. Szyny znajdują się w jednorodnym polu magnetycznym o indukcji B, skierowanym prostopadle do poziomu. Znaleźć prędkość ruchu pręta w przypadku gdy szyny nie są połączone oraz w przypadku, gdy szyny są zwarte na jednych końcach oporem R. Przyjąć, że pręt może ślizgać się bez tarcia oraz że opór pręta i szyn można zaniedbać. 16.12. Na dwóch równoległych poziomych szynach położono pręt o oporze R, długości l i masie m. Szyny są połączone ze źródłem napięcia U i znajdują się na całej swojej długości w jednorodnym polu magnetycznym, indukcji B, skierowanej prostopadle do szyn. Współczynnik tarcia pręta o szyny wynosi µ. Jaka będzie maksymalna prędkość pręta? 16.13. Dwie równoległe, poziome szyny są połączone kondensatorem o pojemności C. Na szynach położono pręt o długości l i masie m. Z jakim przyspieszeniem a będzie poruszał się pręt, jeżeli działa na niego zewnętrzna siła pozioma F oraz jednorodne pole magnetyczne B wszędzie prostopadłe do pręta i do płaszczyzny ruchu. 16. Rozwiązania r r B ∫ dl = µ 0 i r r r r B dl ⇒ Bdl = Bdl 16.1.R. Korzystamy z prawa Ampera B = const B ∫ dl = µ0i r i B B 2πr = µ0i dl µ 0i 2πr B= 16.2.R. a) Korzystamy z prawa Biota-Savarta. Każdy z odcinków przewodu potraktujemy oddzielnie, a wynik końcowy uzyskamy z superpozycji uzyskanych wyników cząstkowych. r r µ i dl × rr dB = 4π r µ i dl dB = sin β 4π r h r= sin β µ i dl dB = sin β 4π h 0 3 0 2 B dα r β i dl 3 0 2 h l tgβ = h l dl = − h dβ sin 2 β l= h tgβ µ i sin β dβ 4π h µ i sin β B = ∫− dβ 4π h dB = − 0 0 0 π 2 µi µi B= ∫ sin βdβ = 4πh 4πh π 0 2 0 0 Dla drugiej części przewodu punkt A leży dokładnie na jego przedłużeniu a więc wektor dl jest zawsze równoległy do wektora r. rr r r dl r ⇒ dl × r ≡ 0 r r µ 0i dl × rr dB = =0⇒ B=0 4π r 3 Wynik końcowy jest równy jest zatem: pierwszym zadaniu. B= µi Jest to dokładnie połowa wartości uzyskanej w 4πh 0 b) Analogicznie jak w punkcie a) rozpatrujemy każdą z półprostych osobno i tak ja w punkcie poprzednim wykorzystamy prawo Biota Savarta. Dla pierwszej półprostej h=h’=hsinα oraz górna granica całkowania to α. C h α h' W wyniku uzyskujemy: i B1 = h' µ 0i 4πh sin α C ∫ sin βdβ = 0 µ 0i 4πh sin α (1 − cosα ) Dla drugiej półprostej h’=hsin(π/2-α)=hcosα i całkujemy od π/2-α do 0 (zgodnie z kierunkiem prądu dla pierwszej półprostej). W wyniki uzyskujemy h π/2−α α i B1 = µ 0i 4πh cos α µ 0i 0 π 2 ∫ sin βdβ = −α 4πh cos α (1 − sin α ) Wynik końcowy to B=B1+B2 16.3.R. Podzielimy całą tarcze na pierścienie o promieniu r i grubości dx. Określimy wartość indukcji pola magnetycznego dBx od ładunku przemieszczającego się wraz z pierścieniem. r r µ di dl × x d (dBx ) = 0 4π x 3 dBx x ω dx dl r r r r dl ⊥ x ⇒ dl × x = dlx µ di 1 µi 1 dBx = 0 dl = 0 2 2πx 2 ∫ 4π x l 4π x dBx = i= dq dt W czasie t = T przez przekrój dx przemieści się ładunek µ 0 di 2x dq = Q 2πxdx πR 2 di = czyli przepłynie prąd Q 2πxdx 2 2π Q π R T= ⇒ di = = ω 2 xdx 2π ω πR dBx = ω dq T µ 0ωQxdx µ 0ωQ = dx πR 2 2 x 2πR 2 µ 0ω Q R µ ωQ dx ⇒ B = 0 B= 2 ∫ 2πR 0 2πR 16.4.R. r r Korzystamy z prawa Ampera ∫ Bdl = µ 0 i l L C B i D A Założenia: - nieskończona długość solenoidu, - wewnątrz jednorodne pole magnetyczne B - na zewnątrz wartość indukcji pola magnetycznego wynosi 0 r r B r r C r r D r r A r r ∫ Bdl = ∫ Bdl + ∫ Bdl + ∫ Bdl + ∫ Bdl = µ 0 Ni A 1 B 2 C 3 D 4 r Br r r 1 - B ⊥ dl ⇒ ∫ Bdl = 0 A C r r r 2 - B = 0 ⇒ ∫ Bdl = 0 Bl = µ 0 Ni r Dr r r 3 - B ⊥ dl ⇒ ∫ Bdl = 0 B=µ B C N i l r r 4 - B = const ⇒ ∫ Bdl = Bl A D 16.5.R. W celu wyznaczenia energii posłużymy się indukcyjnością nieskończonego solenoidu. di Korzystając z prawa Faradaya U = −L dt dΦ B Dla części środkowej długiego solenoidu ( U = − gdzie ΦB jest strumieniem pola dt magnetycznego ) wypadkowy strumień przechodzi przez N zwojów dlatego U = −N di dΦ B = − L ⇒ NΦ B = Li dt dt NΦ B = NBπR 2 = nlBπR 2 Indukcja pola magnetycznego wewnątrz solenoidu wynosi (patrz poprzednie zadanie) NΦ B = µ 0 n 2ilπR 2 U = Um = L EB = L L= di di ⇒ P = U mi = Li dt dt i2 i2 = µ 0 n 2 l πR 2 2 2 eB = dEB = Lidi E i2 EB µ 0 n 2i 2 = B 2 = µ 0 n 2 l πD 2 = V 2 2lπR 2 l πR eB = Dodatkowo w powietrzu NΦ B = µ 0 n 2 l πR 2 i di dEB = Li dt dt P= B = µ 0 ni µ 0 n 2i 2 2 = B2 2µ 0 B = µ0 H eB = HB 2 16.6.R. Rozpatrzymy pojedynczy zwój. r r µ 0 i dl × rr dB = 4π r 3 r r r dB = dBx + dB yz = dBx xˆ + dB y yˆ r dBx = dB sin α r r dB yz = dB cosα dl i dB dByz α r R α r r r µ i dl dl ⊥ r ⇒ dB = 0 2 4π r dBx x R R tgα = ⇒x = x tgα dB X = Bx = µ 0i 4π R 3 2 x2 + R2 2πR = µ 0i 4π r = x2 + R2 R 3 2 x +R 2 2 dl ⇒ Bx = sinα = µ 0i 4π R x + R2 2 R 3 2 x +R 2 2 µ 0 iR 2 3 2 2 x2 + R2 Łatwo można zauważyć, że dla składowej indukcji pola magnetycznego By wynik podobnej kalkulacji daje dokładnie zero. Ze względu na symetrię kołową, dodając wektory, o tej samej długości, rozmieszczone na okręgu możemy wykazać zerowanie się składowej wypadkowej indukcji pola magnetycznego Byz. Z dByz1 dByz2 Y -dByz2 -dByz1 ∫ dl l Bw = B x Bw = µ 0 iR 2 3 2 2 x2 + R2 i µ 0 iR 2 + 2 3 2 i R (x − d ) 2 +R 2 R d X 0 d 16.7.R. Elektron będzie poruszał się po linii śrubowej, gdy jego prędkość będzie skierowana pod kątem α do B. Vx – prędkość stała odpowiedzialna za skok linii śrubowej Vy – prędkość prostopadłą do kierunku wektora indukcji pola magnetycznego Pole magnetyczne na składową Vy działa dokładnie w sposób jaki można opisać za pomocą siły dośrodkowej Działa siła pola magnetycznego Fl r r r Fl = qV y × B Fl – jest to siła dośrodkowa mV y2 R Vx = = qV y B h T T = Fd = ⇒ 2πR Vy mV y2 R V Vy r r V y ⊥ B ⇒ Fl = qV y B α czyli qBR m hV y Vx Vy = Vx = r V = V x xˆ + V y yˆ = [V x , V y ] 2πR B r V = V x2 + V y2 2 2 r qBR h h 1+ V = Vy 1 + = m 2πR 2πR 16.8.R. Na poruszające się ładunki działa siła r r r FB = eV × B Po woduje ona powstanie różnicy napięć pomiędzy punktami A i C. To napięcie następnie powoduje powstanie pola elektrycznego, przeciwnie skierowanego do siły pola magnetycznego r r FE = Ee B W stanie równowagi wypadkowa wartość siły wynosi 0 r r FE + FB = 0 C FE − FB = 0 r r r eE = eV × B V - i d FE a FB A eE = eVB ⇒ E = VB Ze względu na analogie z kondensatorem płaskim U=aE U = aVB Należy teraz wyznaczyć prędkość unoszenia elektronów V W czasie ∆t elektrony pokonają drogę V∆t, całkowity ładunek przepływający przez powierzchnię S=ad, wynosi ∆Q=neV∆tad i= ∆Q i = neVad ⇒ V = nead ∆t U AC = aVB = iB ned Napięcie powstające pomiędzy punktami A i C nosi nazwę napięcia Halla 16.9.R. Przewody doprowadzające prąd nie powodują powstania pola magnetycznego w środku okręgu (patrz zadanie drugie punkt b) W pierścieniu popłyną dwa różne prądy, każdy z nich wytworzy pole magnetyczne w środku pierścienia. Wyznaczymy te prądy i na podstawie prawa Biotta-Savarta wyznaczymy wartość indukcji pola magnetycznego w środku pierścienia B i2 r L2 i1 U L1 A i1 = U R1 i2 = U R2 R1 = ρ L1 S R2 = ρ L2 S S- pole przekroju przewodnika U i1 = S ρL1 B1 = USµ 0 4πρr 2 r v µ 0 i dl × rr dB = 4π r 3 r r USµ 0 dl dl ⊥ r ⇒ dB1 = 4πρL1 r 2 B1 = USµ 0 4πρL1 r 2 ∫ dl L 1 USµ 0 4πρr 2 Wartości indukcji pochodzących od różnych odcinków pierścienia mają tą samą wartość. Ze względu na różnicę w kierunkach prądów płynących w obu odcinkach pierścienia, wartości indukcji pola magnetycznego różnią się znakami. Wypadkowa wartość pola magnetycznego wynosi zatem 0, bez względu na miejsca podłączenia przewodów tj. umieszczenia punktów A i B. Analogiczne obliczenia dla odcinka L2 pozwalają uzyskać następujący wynik B2 = 16.10.R. Wykorzystamy prawo Ampera. Pole magnetyczne pomiędzy pierścieniami wytwarzać będzie tylko prąd płynący w pierścieniu wewnętrznym r r r r B d l = µ i B dl 0 ∫ l dl B X r R R<x<R Dla x=const ; B=const B ∫ dl = µ 0i B 2πx = µ 0i ⇒ B = l µ 0i 2πx 16.11.R. B l Flx Fx Fl Fy mg α R Gdy szyny nie są połączone rezystorem R wtedy działa tylko siła grawitacji (Fl=0) i pręt będzie poruszał się ruchem jednostajnie przyspieszonym o wartości przyspieszenia a=gsinα z prędkością początkową V0=0 z pozycji początkowej x0=0. Równanie ruchu będzie miało następującą postać: x(t ) = a t2 + V0t + x0 2 x(t ) = g sin α t2 2 Gdy połączymy szyny rezystorem R w obwodzie, ze względu na prawo indukcji Faradaya, popłynie prąd i wytworzy się siła oddziaływania pola magnetycznego Fl działająca przeciwnie do siły ściągającej pochodzącej od pola grawitacyjnego. Pręt będzie poruszał się z przyspieszeniem jednostajnie zmiennym do chwili zrównoważenia się sił ściągającej i siły Lorenza. W dalszej części będzie poruszał się ruchem jednostajnym. Osiągnie zatem prędkość maksymalną. r r r Fl = li × B r r i ⊥ B ⇒ Fl = ilB ε =− Flx = ilb cosα dΦ B d = − Blx = −lVB dt dt Minus oznacza polaryzacje powstającej różnicy potencjałów, w naszym przypadku w celu wyznaczenia prądu płynącego przez pręt został on już uwzględniony przy kierunku działania siły pola magnetycznego. U = lVB cosα i= U lVB cosα = R R Wypadkowa wartość siły zsuwającej działającej na pręt ma następującą postać: Vl 2 B 2 cos 2 α lVB cosα = mg sin α − R R 2 2 2 2 2 2 2 2 l B cos α d x l B cos α dx d x + − g sin α = 0 V⇒ m 2 = mg sin α − R dt 2 Rm dt dt F = Fx − Flx = mg sin α − lB cosα Rozwiązanie uzyskanego równania różniczkowego jest równaniem ruchu x=x(t) które umożliwia pełny opis ruchu preta. Można w sposób prosty wyznaczyć maksymalną szybkość poruszania się pręta. Warunek znikania siły wypadkowej jest warunkiem poruszania się ze stałą prędkością Vmax. mg sin α − Vmax l 2 B 2 cos 2 α =0 R ⇒ Vmax = Rmg sin α l 2 B 2 cos 2 α 16.12.R. W wyniki przepływu prądu pojawi się siła przesuwająca pręt w poziomie Fl B r r B ⊥ i ⇒ Fl = ilB mg Dlatego iw = U − U ind U − lBV = R R Fw = Fl − Ft = lB U − lBV − mgµ R Pręt przyspiesza do momentu gdy Fw=0 lB U − lBVmax = mgµ R Fl Ft Z drugiej strony pojawi się napięcie indukowane przeciwnie skierowane do zewnętrznego. U ind = lBV ⇒ Vmax = U mgµR − Bl B 2l 2 16.13.R. Gdy pręt porusza się pod wpływem działającej siły F to powstaje siła elektromotoryczna indukcji: U ind = BlV , przyrost powstającego napięcia wynosi ∆U ind = Bl∆V . Zmiana napięcia indukowanego umożliwi przepływ prądu przez kondensator. U= Q C ⇒ ∆U = Pojawi się zatem siła elektrodynamiczna ∆Q C i= ∆Q ⇒ ∆t i= CBl∆V = CBla ∆t Fel = ilB = CB 2 l 2 a przeciwnie skierowana do F Na pręt będzie działać siła wypadkowa o wartości Fw = F − Fel Fw = ma = F − CB 2l 2 a ⇒ a= F m + CB 2l 2