promienie rentgenowskie
Transkrypt
promienie rentgenowskie
W doświadczeniu zmierzono długości fali linii widma charakterystycznego promieniowania rentgenowskiego powstałego w wyniku bombardowania elektronami tarczy kobaltowej. W pomiarze takim pojawia się teŜ drugie słabsze widmo charakterystyczne pochodzące z domieszki w kobalcie. Długości fali linii Kα wynoszą 178,9 pm (kobalt) i 143,5 (domieszka). Liczba protonów w jądrze atomu kobaltu wynosi ZCo=27. Jaką domieszkę zawiera kobalt? 41.5 RHW 1 λ = c( Z − 1)2 1 λ = c1 ( Z − 1) = c1Z − c1 1 = c1Z co − c1 λco 1 λx = c1Z x − c1 1 λCo c1Z x − c1 c1 Z x − 1 = = λx c1Z co − c1 1 Z co − 1 c1 λCo = 1,1165 λx Z x = 30 cynk Oblicz graniczną dlugosć fali promieniowania dla elektronów 10keV hc 1, 237 *10−6 = [ m] eU U 1, 237 *10−6 [m] = 1, 237 *10 −10 [m] λgr = 4 10 hc λgr = eU hc λgr *U = = co nst e prawo Duanta-Hunta λgr = Graniczna dlugosć fali widma promieni rentgenowskich wynosi λgr = 1nm Oblicz maksymalną prędkosć elektronów hamowanych na antykatodzie E=h v= c λgr = Ek = mv 2 2 2hc m = 2, 08*107 mλgr s Zadanie 3. Fotcn twardego promieniowania rentgenowskiego o długości fali λo =24 pm i zderzając się ze swobodnym elektronem przekazuje mu 9% swojej energii. Znaleźć długość fali rozproszonego promieniowania rentgenowskiego. λo =26,37 pm Efekt Comptona ZADANIE 3 λ = 0, 24Α = 0, 24 *10−10 m = 24 pm n = 9% E0 = ES + EK EK = nE0 E0 = ES + nE0 E0 − nE0 = ES E0 (1 − n) = ES E= hc λ0 1 λ0 hc λ (1 − n) = (1 − n) = λS = hc λS / hc1 1 λS λ0 1− n 24 pm = 26,37 pm λS = 0,91 Wiązka promieni Rentgena otrzymana z lampy, do której przyloŜono napięcie U=45kV, pada na krysztal kalcytu. Najmniejszy kąt odblysku, przy którym moŜna zauwaŜyć odbicie ϕ =20 36 '. Oblicz odleglosć między plaszczyznami krystalicznymi kalcytu. d=? h c λmax λmax = = eU hc eU n =1 2d sin ϕ = nλmax = λmax hc hc = 2d sin ϕ ⇒ d = = 3, 04*10−11 m eU 2eU sin ϕ Gdy napięcie w lampie rtg wznioslo sie dwukrotnie, graniczna dlugosć fali widma ciąglego zmienila się o S=5nm. Oblicz graniczną dlugosć fali λgr 1nm = 10 −9 m hν gr = h (1) λgr = c λgr = eU hc eU hc 2eU λ gr − S 1 (2) hc eU ⇒ = = (1) λgr 2 eU hc 2 (2) λgr − S = 1− S λgr = 1 2 1 S = ⇒ λgr = 2 S = 10nm 2 λgr Wiązka promieni Rentgena otrzymana z lampy, do której przyloŜono napięcie U=45kV, pada na krysztal kalcytu. Najmniejszy kąt odblysku, przy którym moŜna zauwaŜyć odbicie ϕ =20 36 '. Oblicz odleglosć między plaszczyznami krystalicznymi kalcytu. d=? h c λmax λmax = = eU hc eU n =1 2d sin ϕ = nλmax = λmax hc hc = 2d sin ϕ ⇒ d = = 3, 04*10−11 m eU 2eU sin ϕ Jako oslonę przed promieniami X stosujemy plytkę olowianą o grubosci d=0,5cm (µ1 =52,5cm -1 ) Jakiej grubosci powinna być plytka z aluminium, aby wywolać ten sam efekt? Alµ2 = 0, 765cm −1 I = I 0e− µ x I1 = I 2 ⇒ e − µ1d = e − µ2 x µ1d = µ2 x µ x = 1 d = 34,3cm µ2 Wyznacz napięcie na lampie rentgenowskiej niklową antykatodą, jeŜeli róŜnica długości fal linii Kα i krótkofalowej granicy ciągłego widma rentgenowskiego ∆λ = 8,4 pm. ZADANIE 3 h c λgr = eU hc eU 1 3 = R( Z − 1) 2 λkα 4 λgr = λkα = 4 3R( Z − 1) 2 ∆λ = λkα − λgr = 4 hc − 2 3R( Z − 1) eU 4 hc = − ∆λ ⇒ U = eU 3R( Z − 1)2 e( hc 4 − ∆λ ) 3R( Z − 1)2