Wykład 8 Wzory na rozwiązywanie równań stopnia 2, 3, 4 w
Transkrypt
Wykład 8 Wzory na rozwiązywanie równań stopnia 2, 3, 4 w
Wykład 8 Wzory na rozwiązywanie równań stopnia 2, 3, 4 w ciele C Wszystkie rozważane tu równania mają współczynniki zespolone. Jeśli rozważamy równanie az 2 + bz + c = 0 to znamy algorytm rozwiązywania tego równania. Rozważmy teraz równanie stopnia 3: az 3 + bz 2 + cz + d = 0. Pokażemy jak rozwiązywać takie równania. Przypadek 1. Niech b = 0, a więc mamy równanie az 3 + cz + d = 0. Po pierwsze jeśli a 6= 0 to możemy nasze równanie podzielić obustronnie przez a. I przyjmując, że s = ac , t = ad , otrzymujemy równanie: z 3 + sz + t = 0 Przedstawmy rozwiązanie tego równania w postaci z = α + β wtedy otrzymujemy: (α + β)3 + s(α + β) + t = 0 stąd: α3 + 3α2 β + 3αβ 2 + β 3 + s(α + β) + t = 0 i dalej: α3 + β 3 + 3αβ(α + β) + s(α + β) + t = 0 a więc: α3 + β 3 + t + (α + β)(3αβ + s) = 0 To równanie jest spełnione między innymi w przypadku gdy: α3 + β 3 = −t 3αβ = −s Podzielmy drugie równanie przez 3 i podnieśmy do trzeciej potęgi: α3 + β 3 = −t s3 α3 β 3 = − 27 Wstawmy u za α3 i v za β 3 wtedy otrzymujemy: u + v = −t s3 uv = − 27 Obliczmy u z drugiego równania i wstawmy do pierwszego: s3 + v = −t − 27v 1 Pomnóżmy obie strony przez v: − s3 + v 2 = −tv 27 przenieśmy na jedną stronę: v 2 + tv − s3 =0 27 Otrzymaliśmy zależność kwadratową na v, a takie równania umiemy rozwiązywać. To nam pozwoli wyznaczyć v, oraz u. Z więc również α i β. Co da nam rozwiązanie wyjściowego równania. Przykład Rozwiązać opisaną powyżej metodą równanie x3 + 3x − 4 = 0. b Przypadek 2. Jeśli b 6= 0 to dokonujemy podstawienia: z = y − 3a . I otrzymujemy równanie: a1 z 3 + c1 z + d1 = 0 b . A więc otrzymugdzie a1 = a, c1 = 3as2 −2bs+c, d1 = s2 −cs+d−as3 , s = 3a jemy równanie z przypadku pierwszego. Jeśli potrafimy rozwiązać równanie a1 z 3 + c1 z + d1 = 0 to potrafimy również rozwiązać równanie wyjściowe. Przykład Rozwiązać równanie x3 − 2x2 − x + 2 = 0. Rozważmy teraz równanie stopnia 4: az 4 + bz 3 + cz 2 + dz + e = 0. Podobnie jak poprzednio rozpatrzymy dwa przypadki: Przypadek 1. Załóżmy, że b = 0. Wtedy mamy równanie: az 4 +cz 2 +dz+e = 0. Podzielmy nasze równanie obustronnie przez a i wstawmy: s = ac , t = ad , r = e . Wtedy równanie przybiera postać: a z 4 + sz 2 + tz + r = 0 Spróbujmy rozłożyć wielomian na iloczyn dwóch wielomianów stopnia 2: z 4 + sz 2 + tz + r = (z 2 + αz + β)(z 2 + γz + δ) Obliczmy: (z 2 + αz + β)(z 2 + γz + δ) = z 4 + (α + γ)z 3 + (β + δ + αγ)z 2 + (αδ + βγ)z + βδ Po porównaniu z równaniem wyjściowym otrzymujemy układ równań: α+γ =0 β + δ + αγ = s αδ + βγ = t βδ = r 2 Teraz korzystając z pierwszego równania możemy wszędzie pozbyć się zmiennej γ. 2 β+δ−α =s αδ − βα = t βδ = r Przekształcając dwa pierwsze równania otrzymujemy: ( β + δ = s + α2 δ − β = αt A następnie dodając i odejmując stronami te dwa ostatnie równania otrzymujemy: ( 2δ = s + α2 + αt 2β = s + α2 − αt Wymnóżmy teraz te równania przez siebie: 4βδ = (s + α2 − t t )(s + α2 + ) α α wiemy też że βδ = r, a więc otrzymujemy równanie: t t t2 2 2 4r = (s + α − )(s + α + ) = s + 2sα42 − 2 α α α 2 Wymnóżmy to równanie przez α2 : 4rα2 = s2 + 2sα6 − t2 Wstawmy za α2 zmienną u wtedy otrzymamy: 4ru = s2 + 2su3 − t2 Otrzymaliśmy równania stopnia 3 na zmienną u to pozwala nam wyznaczyć u (stosujemy poprzedni algorytm). A jeśli mamy u to znamy również α, a więc również β i δ. Przypadek 2. Jeśli w równaniu az 4 + bz 3 + cz 2 + dz + e = 0 mamy b 6= 0 to podobnie jak w przypadku równań stopnia 3 możemy się pozbyć współb czynnika przy trzyciej potędze dokonując podstawienia z = y − 4a . I dalej rozwiązujemy równanie jak w przypadku poprzednim. 3