Dookoła nierówności Hilberta
Transkrypt
Dookoła nierówności Hilberta
Jest to zapis odzytu wygªoszonego na XXXIV Szkole Matematyki Pogl¡dowej NIE w matematye i okoliah, styze« 2005. Dookoła nierówności Hilberta Krzysztof OLESZKIEWICZ, Warszawa O nierówno±i Hilberta napisano ju» wiele. Trudno byªoby w krótkim artykule rzetelnie opisa¢ jej zastosowania i rozmaite warianty, zwªaszza »e zwykle wymaga to u»yia do±¢ skomplikowanyh narzdzi matematyki wy»szej; przyjrzymy si wi z bliska tylko niektórym, wybranym zagadnieniom. Zainteresowany Czytelnik zehe mo»e przezyta¢ obszerniejsze, przegl¡dowe opraowanie [1℄. Nierówno±¢ Hilberta. Dla dowolnyh lizb rzezywistyh a1 , a2 , . . . , ak , b1 , b2 , . . . , bl oraz dowolnyh lizb c1 , c2 , . . . , ck , d1 , d2 , . . . , dl ≥ 1 takih, »e |ci − cj | ≥ 1 i |di − dj | ≥ 1 dla i 6= j, speªniona jest nierówno±¢ k X l k l X X 1/2 X 1/2 am bn a2m b2n . ≤π· c + dn m=1 n=1 m m=1 n=1 W dowodzie nierówno±i Hilberta wykorzystamy nierówno±¢ Buniakowskiego-Shwarza, w wersji znanej ju» Cauhy'emu (dalej bdziemy j¡ nazywa¢, jak to jest do±¢ powszehnie przyjte, nierówno±i¡ Shwarza). Dla dowolnyh lizb rzezywistyh x1 , x2 , . . . , xN , y1 , y2 , . . . , yN mamy N N N X X 1/2 1/2 X . yj2 x2j xj yj ≤ j=1 j=1 j=1 Istotnie, je±li na i¡gah t = (t1 , t2 , . . . , tN ) i u = (u1 , u2 , . . . , uN ) okre±limy wzorem N X t j uj t◦u= j=1 dziaªanie dwuargumentowe o warto±iah rzezywistyh, to ªatwo sprawdzi¢, »e speªnia ono dla dowolnyh i¡gów t, u, v i dowolnej lizby rzezywistej α nastpuj¡e warunki: t ◦ u = u ◦ t, (αt) ◦ u = α(t ◦ u), t ◦ (u + v) = (t ◦ u) + (t ◦ v), t ◦ t ≥ 0, przy zym t ◦ t = 0 tylko wtedy, gdy t = 0. Dziaªanie maj¡e powy»sze wªasno±i nazywamy rzezywistym ilozynem skalarnym. Proste przeksztaªenia pokazuj¡, »e (x ◦ x)α2 + 2(x ◦ y)α + (y ◦ y) = (αx + y) ◦ (αx + y) ≥ 0 dla dowolnej lizby rzezywistej α, a wi wyró»nik ∆ = 4(x ◦ y)2 − 4(x ◦ x)(y ◦ y) jest niedodatni, st¡d za± natyhmiast wynika, »e |x ◦ y| ≤ (x ◦ x)1/2 (y ◦ y)1/2 , o jest po prostu inn¡ form¡ zapisu nierówno±i Shwarza. Wró¢my do nierówno±i Hilberta. Bez straty ogólno±i mo»emy zaªo»y¢, »e c1 < c2 < . . . < ck i d1 < d2 < . . . < dl wystarzy bowiem przenumerowa¢ wyrazy i¡gu (cm ) tak, by ustawi¢ je w kolejno±i rosn¡ej i to samo przenumerowanie zastosowa¢ do wyrazów i¡gu (am ), aby otrzyma¢ nierówno±¢ równowa»n¡ wyj±iowej; podobnie rzez si ma z i¡gami (dn ) i (bn ). Wygodnie bdzie te» przyj¡¢, »e c0 = d0 = 0. Nieh N = k · l i potraktujmy sum podwójn¡ Pk P l m=1 n=1 jako sum N skªadników. Wówzas, stosuj¡ nierówno±¢ Shwarza 1/4 −1/4 1/4 −1/4 do xm,n = cm (cm + dn )−1/2 dn am i ym,n = dn (cm + dn )−1/2 cm bn , otrzymamy l l k k X X am bn X X xm,n ym,n ≤ = c + d m n m=1 n=1 m=1 n=1 ≤ = k X l X x2m,n m=1 n=1 k X m=1 a2m k X l 1/2 X m=1 n=1 2 ym,n 1/2 = √ √ l k 1/2 X 1/2 X cm dn √ , b2n √ (cm + dn ) cm (cm + dn ) dn n=1 m=1 n=1 l X nierówno±¢ Hilberta wynika wi natyhmiast z nastpuj¡ego lematu. 17 Dla ka»dego c > 0 i dowolnyh lizb rzezywistyh d0 = 0, d1 , . . . , dl takih, »e dj ≥ dj−1 + 1 dla j = 1, 2, . . . , l, speªniona jest nierówno±¢ Lemat. √ c √ < π. (c + d ) dn n n=1 l X Lemat udowodnimy geometryznie. Rozwa»my w kartezja«skim ukªadzie √ wspóªrzdnyh na pªaszzy¹nie dodatni¡ ¢wiartk okrgu o promieniu c √ i ±rodku O = (0, 0). Na prostej x√= pc wybieramy punkty P0 , P1 , P2 , . . . , Pl tak, by punkt Pj miaª wspóªrzdne ( c, dj ) dla j = 0, 1, 2, . . . , l, za± przez Qj oznazamy punkt przeiia okrgu z odinkiem OPj . Nieh Rj oznaza punkt wspólny odinka OPj−1 i pionowej prostej przehodz¡ej przez Qj . atwo zauwa»y¢, »e trójk¡t OQj R√ j jest p obrazem trójk¡ta OPj Pj−1 w jednokªadno±i o skali λ = |OQj |/|OPj | = c/ c + dj . Zatem S∆OQj Rj = λ2 S∆OPj Pj−1 = λ2 · |Pj Pj−1 | · |OP0 |/2 = p p √ ( dj − dj−1 ) c c · = = c + dj 2 √ √ c c c c(dj − dj−1 ) p p p , ≥ = 2(c + dj )( dj + dj−1 ) 4(c + dj ) dj z drugiej za± strony ozywi±ie l X √ S∆OQj Rj < π( c)2 /4 = πc/4, j=1 bo trójk¡ty te maj¡ parami rozªazne wntrza i wszystkie zawieraj¡ si w rozpatrywanej ¢wiarte koªa. Skraaj¡ o zynnik c/4 obie strony oszaowania ko«zymy dowód lematu i nierówno±i Hilberta. Najz±iej rozwa»a si i¡gi cm = m, dn = n i wówzas nierówno±¢ Hilberta przyjmuje posta¢ k X l k l X 1/2 X 1/2 X am bn 2 ≤π am . b2n m+n m=1 n=1 m=1 n=1 Nawet w tym szzególnym przypadku staªej π nie da si zast¡pi¢ »adn¡ mniejsz¡ lizb¡, je±li nierówno±¢ ma by¢ prawdziwa dla dowolnyh k, √m ) √ l, i i¡gów (a i (bn ). Wystarzy rozwa»y¢ i¡gi zadane wzorami am = 1/ m i bn = 1/ n przy k, l → ∞. Doiekliwy Czytelnik z pewno±i¡ zdoªa wymy±li¢ dowód geometryzny podobny do przedstawionego powy»ej (tym razem trzeba skonstruowa¢ trójk¡ty pokrywa j¡e jedn¡ ósm¡ koªa) mo»na te» znale¹¢ go w artykule [2℄. Inna iekawa nierówno±¢, pokrewna nierówno±i Hilberta, mówi, »e dla dowolnyh lizb rzezywistyh a1 , a2 , . . . , ak i dowolnyh c1 , c2 , . . . , ck > 0 mamy k X k X am an ≥ 0. c + cn m=1 n=1 m Istotnie, gdy rozwa»ymy funkj zmiennej nieujemnej s zadan¡ wzorem Q(s) = k X k X am an cm +cn s , c + cn m=1 n=1 m ªatwo sprawdzimy, i» dla s > 0 Q′ (s) = s−1 k X m=1 am scm 2 ≥ 0, »e za± Q(0) = 0, mamy st¡d Q(1) ≥ 0, o ko«zy dowód. 18 Nieo trudniej wykaza¢ (przy takih samyh zaªo»eniah), »e k X k X am an ≥ 0, (c + cn ) β m m=1 n=1 gdzie β jest pewn¡ lizb¡ dodatni¡. Przenikliwy Czytelnik bez trudu znajdzie odpowiedni¡ modyfikaj poprzedniego rozumowania, je±li β jest lizb¡ naturaln¡ wystarzy przeprowadzi¢ indukj naturaln¡ wzgldem parametru β, przy zym rozumowanie upro±i si nieo, je±li zamiast scm +cn ró»nizkowa¢ e−(cm +cn )s dla s ∈ [0, ∞). Jednak»e dla nieaªkowityh warto±i parametru β potrzebny jest odrobin subtelniejszy argument. Dziki liniowej zamianie zmiennyh w = cs dla β > 0 i c > 0 mamy Z∞ s β−1 −cs e ds = c −β Z∞ wβ−1 e−w dw = c−β Γ(β). 0 0 Z liznyh wªasno±i funkji gamma Eulera Γ dla nas wa»ne jest jedynie, »e Γ(β) jest dodatni¡ lizb¡ rzezywist¡, a to Czytelnik z pewno±i¡ uzasadni samodzielnie. Dalej jest ju» ªatwo: ∞ Z k k 1 XX am an = am an sβ−1 e−(cm +cn )s = β (c + c ) Γ(β) m n m=1 n=1 m=1 n=1 k X k X 0 = = 1 Γ(β) Z∞ 1 Γ(β) 0 Z∞ sβ−1 k X k X m=1 n=1 sβ−1 0 k X am e−cm s · an e−cn s ds = am e−cm s m=1 2 ds ≥ 0. Na konie udowodnimy, »e dla dowolnyh β > 0, c1 , c2 , . . . , ck > 0 i i¡gów lizb rzezywistyh a = (a1 , a2 , . . . , ak ), b = (b1 , b2 , . . . , bk ) speªniona jest nierówno±¢ k k X X k k k k am bn X X am an 1/2 X X bm bn 1/2 . ≤ (cm + cn )β (cm + cn )β (cm + cn )β m=1 n=1 m=1 n=1 m=1 n=1 Rzezywi±ie, jest to po prostu nierówno±¢ Shwarza |a ◦ b| ≤ (a ◦ a)1/2 (b ◦ b)1/2 dla ilozynu skalarnego okre±lonego wzorem a◦b= k X k X am bn , β (c m + cn ) m=1 n=1 a »e jest to ilozyn skalarny, sprawdzi¢ ªatwo powy»ej wykazali±my, i» dla ka»dego i¡gu a mamy a ◦ a ≥ 0, za± udowodnienie pozostaªyh wªasno±i nie powinno sprawi¢ Czytelnikowi kªopotu. [1℄ J. Mihael Steele, The Cauhy-Shwarz Master Class: An Introdution to the , Cambridge University Press and the Mathematial Assoiation of Ameria, Cambridge UK and Washington DC, 2004 (rozdziaª 10); dostpne tak»e w formie elektroniznej pod adresem www-stat.wharton.upenn.edu/steele/Publiations/Books/ CSMC/CSMC_HilbertandCompensatingDiiulties.pdf [2℄ K. Oleszkiewiz, An Elementary Proof of Hilbert's Inequality, Amer. Math. Monthly 100 (1993), 276280. Art of Mathematial Inequalities 19