Wst¦p do logiki i teorii mnogo±ci Kartkówka 2., grupa A.
Transkrypt
Wst¦p do logiki i teorii mnogo±ci Kartkówka 2., grupa A.
Wst¦p do logiki i teorii mnogo±ci Kartkówka 2., grupa A. 8.11.2016 Imi¦ i nazwisko . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . Zadanie 1. Przyjmijmy, »e w j¦zyku arytmetyki liczb naturalnych mamy staªe 0, 1, 2, ... oraz symbole + i ·. Zapisz w tym j¦zyku zdanie Istnieje nieparzysta liczba pierwsza.. Rozwi¡zanie. Chcemy zapisa¢ zdanie ∃n (n Pierwsza cz¦±¢ wygl¡da nast¦puj¡co: (∀d (d jest nieparzysta) ∃k n = 2k + 1, jest dzielnikiem ∧ (n jest pierwsza). za± drug¡ mo»emy rozpisa¢: n) ⇒ (d = 1 ∨ d = n)) ∧ (¬(n = 1) ∧ ¬(n = 0)) , czyli (∀d (∃a da = n) ⇒ (d = 1 ∨ d = n)) ∧ (¬(n = 1) ∧ ¬(n = 0)) . Zapisuj¡c caªe zdanie mo»emy dla wygody przenie±¢ warunek ¬(n = 1) ∧ ¬(n = 0) do zdania z k: ∃n (∃k n = 2k + 1 ∧ ¬(k = 0)) ∧ (∀d (∃a da = n) ⇒ (d = 1 ∨ d = n)) . Zadanie 2. Okre±lmy dwa rodzaje kwantykatorów dla liczb naturalnych: (∀∞ n ϕ(n)) ⇔ (∃k ∀n k ϕ(n)) ∃∞ n ϕ(n) ⇔ (∀k ∃n k ϕ(n)) . Korzystaj¡c z praw rachunku kwantykatorów i tautologii rachunku zda« wyka», »e: ¬ (∀∞ n ϕ(n)) ⇔ ∃∞ n (¬ϕ(n)) . Rozwi¡zanie. ¬ (∀∞ n ϕ(n)) ⇔ ¬ (∃k ∀n k ϕ(n)) ⇔ ¬ (∃k ∀n (n k ⇒ ϕ(n))) ⇔ ∀k ∃n¬ (¬n k ∨ ϕ(n)) ⇔ ∀k ∃n (n k ∧ ¬ϕ(n)) ⇔ ∀k ∃n k (¬ϕ(n)) ⇔ ∃∞ n (¬ϕ(n)) . Zadanie 3. Korzystaj¡c z zasady indukcji matematycznej wyka» prawdziwo±¢ poni»szego wzoru dla 12 + 32 + ... + (2n − 1)2 = Rozwi¡zanie. Zbadajmy prawdziwo±¢ wzoru dla n1 n(2n − 1)(2n + 1) + (2n + 1)2 = (2n + 1) 3 . n = 1: 12 = 1 = 1·1·3 3 Wzór jest prawdziwy, wi¦c przechodzimy do badania kroku indukcyjnego. Zaªó»my, »e dla ustalonego n1 wzór jest prawdziwy. Poka»emy jego prawdziwo±¢ dla 12 + 32 + ... + (2n − 1)2 + (2(n + 1) − 1)2 = n(2n − 1)(2n + 1) n(2n − 1) + 3(2n + 1) + (2n + 1)2 = (2n + 1) 3 3 (n + 1)(2n + 3) (n + 1)(2(n + 1) − 1)(2(n + 1) + 1) 2n2 + 5n + 3 = (2n + 1) = 3 3 3 indukcji matematycznej wzór jest prawdziwy dla wszystkich n 1. = (2n + 1) Zatem na mocy zasady n + 1. Wst¦p do logiki i teorii mnogo±ci Kartkówka 2., grupa B. 8.11.2016 Imi¦ i nazwisko . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . Zadanie 1. Przyjmijmy, »e w j¦zyku arytmetyki liczb naturalnych mamy staªe 0, 1, 2, ... oraz symbole + i ·. Zapisz w tym j¦zyku zdanie Istnieje parzysta liczba pierwsza.. Rozwi¡zanie. Chcemy zapisa¢ zdanie ∃n (n Pierwsza cz¦±¢ wygl¡da nast¦puj¡co: (∀d (d jest parzysta) ∃k n = 2k, jest dzielnikiem ∧ (n jest pierwsza). za± drug¡ mo»emy rozpisa¢: n) ⇒ (d = 1 ∨ d = n)) ∧ (¬(n = 1) ∧ ¬(n = 0)) , czyli (∀d (∃a da = n) ⇒ (d = 1 ∨ d = n)) ∧ (¬(n = 1) ∧ ¬(n = 0)) . Zapisuj¡c caªe zdanie mo»emy dla wygody przenie±¢ warunek ¬(n = 1) ∧ ¬(n = 0) do zdania z k: ∃n (∃k n = 2k ∧ ¬(k = 0)) ∧ (∀d (∃a da = n) ⇒ (d = 1 ∨ d = n)) . Zadanie 2. Okre±lmy dwa rodzaje kwantykatorów dla liczb naturalnych: ∀∞ n ϕ(n) ⇔ ∃k ∀n k ϕ(n) ∃∞ n ϕ(n) ⇔ ∀k ∃n k ϕ(n). Korzystaj¡c z praw rachunku kwantykatorów i tautologii rachunku zda« wyka», »e: (¬ (∃∞ n ϕ(n))) ⇔ (∀∞ n (¬ϕ(n))) . Rozwi¡zanie. ¬ (∃∞ n ϕ(n)) ⇔ ¬ (∀k ∃n k ϕ(n)) ⇔ ¬ (∀k ∃n (n k ∧ ϕ(n))) ⇔ ∃k ∀n¬ (n k ∧ ϕ(n)) ⇔ ∃k ∀n (¬n k ∨ ¬ϕ(n)) ⇔ ∃k ∀n (n k ⇒ ¬ϕ(n)) ⇔ ∃k ∀n k (¬ϕ(n)) ⇔ ∀∞ n (¬ϕ(n)) . Zadanie 3. Korzystaj¡c z zasady indukcji matematycznej wyka» prawdziwo±¢ poni»szego wzoru dla 2 13 + 23 + ... + n3 = Rozwi¡zanie. Zbadajmy prawdziwo±¢ wzoru dla 2 n (n + 1) . 4 n = 1: 13 = 1 = 12 · 22 4 Wzór jest prawdziwy, wi¦c przechodzimy do badania kroku indukcyjnego. Zaªó»my, »e dla ustalonego n1 wzór jest prawdziwy. Poka»emy jego prawdziwo±¢ dla 13 + 23 + ... + n3 + (n + 1)3 = n2 (n + 1)2 n2 + 4(n + 1) + (n + 1)3 = (n + 1)2 4 4 (n + 2)2 (n + 1)2 ((n + 1) + 1)2 n2 + 4n + 4 = (n + 1)2 = 4 4 4 matematycznej wzór jest prawdziwy dla wszystkich n 1. = (n + 1)2 Zatem na mocy zasady indukcji n + 1. n1