Wykłady z matematyki
Transkrypt
Wykłady z matematyki
Wykłady z matematyki - Całki nieoznaczone Andrzej Musielak Rok akademicki 2016/17 UTP Bydgoszcz Andrzej Musielak Wykłady z matematyki - Całki nieoznaczone Całkowanie Całkowanie to operacja odwrotna do liczenia pochodnych, tzn.: ∫ f (x)dx = F (x) + C ⇔ F ′ (x) = f (x) Z definicji oraz z tabeli pochodnych funkcji elementarnych od razu wynika tabela całek funkcji elementarnych: Andrzej Musielak Wykłady z matematyki - Całki nieoznaczone Całkowanie Całki funkcji elementarnych: x n+1 n x dx = +C dla n ≠ −1, w szczególności: ∫ n+1 x2 1dx = x + C , xdx = + C, ∫ ∫ 2 √ dx 1 dx ∫ x 2 = − x + C , ∫ √x = 2 x + C x x ∫ e dx = e + C , 1 ∫ x dx = ln ∣x∣ + C ax x + C, a dx = ∫ ln a ∫ sin xdx = − cos x + C , ∫ cos xdx = sin x + C , dx dx ∫ cos2 x = tg x + C , ∫ sin2 x = − ctg x + C dx dx = arc sin x + C , ∫ = arc tan x + C ∫ √ 2 1 + x2 1−x Andrzej Musielak Wykłady z matematyki - Całki nieoznaczone Całkowanie Podobnie jak przy pochodnych mamy też wzory: ∫ (f (x) + g (x))dx = ∫ f (x)dx + ∫ g (x)dx, ∫ af (x)dx = a ∫ f (x)dx Wszystkie inne całki będziemy starali się sprowadzić do całek z funkcji elementarnych. Dwa główne narzędzia, które do tego służą to całkowanie przez części oraz całkowanie przez podstawienie. ◇ Andrzej Musielak Wykłady z matematyki - Całki nieoznaczone Całkowanie przez części Wzór na całkowanie przez części: ∫ u ′ v = uv − ∫ uv ′ Jego stosowanie ma sens wtedy gdy całka po prawej stronie równości będzie łatwiejsza do policzenia niż ta po lewej. Przykład: u ′ = cos x u = sin x ∣ = x sin x − ∫ sin x = ∫ x cos xdx = ∣ v = x v′ = 1 = x sin x + cos x + C Gdybyśmy przyjęli odwrotnie, tzn. u ′ = x, v = cos x, to nową całką byłaby ∫ x 2 sin x, czyli byłaby trudniejsza niż wyjściowa. ◇ Andrzej Musielak Wykłady z matematyki - Całki nieoznaczone Całkowanie przez podstawianie Całkowanie przez podstawienie odbywa się według schematu: t = g (x) ′ ′ ∫ f (g (x))g (x)dx = ∣dt = g ′ (x)dx ∣ = = ∫ f ′ (t)dt = f (t) + C = f (g (x)) + C Praktyczna wskazówka jest taka, żeby w funkcji podcałkowej szukać pary: funkcja i jej pochodna stojąca przy dx. O ile w przypadku liczenia pochodnych na wszystko jest algorytm, o tyle przy całkowaniu potrzebna jest odrobina inwencji: po pierwsze trzeba wybrać metodę całkowania, a po drugie przy podstawieniu trzeba znaleźć odpowiednie podstawienie. Nie ma innej metody na nauczenie się tego niż samodzielne policzenie n całek dla dostatecznie dużych n (proponowałbym n ≥ 200). Andrzej Musielak Wykłady z matematyki - Całki nieoznaczone Całkowanie przez podstawianie Przykłady: RRR t = x 2 RRR RRR RRR 1 1 1 2 R RRR = ∫ e t dt = e t + C = e x + C dt = 2xdx xe dx = R ∫ RRR 1 2 2 RRR 2 dt = xdx RRRRR 2 t = ln x dx dt ∫ x ln x = ∣dt = dx ∣ = ∫ t = ln ∣t∣ + C = ln ∣ ln x∣ + C x RRR t = x 2 RRR RRR RRR 1 dt 1 1 xdx 2 R RRR = 2 ∫ 1+t dt = 2xdx = R 4 2 = 2 arc tan t +C = 2 arc tan x +C ∫ 1+x RR R 1 RRR dt = xdx RRR R2 R ◇ x2 Andrzej Musielak Wykłady z matematyki - Całki nieoznaczone Ćwiczenia Oblicz całki stosując metodę całkowania przez części: a) ∫ x cos xdx b) ∫ x 2 e x dx c) ∫ x ln xdx arc tan xdx d) ∫ ln xdx e) ∫ 1+x 2 f) ∫ x arc tan xdx g) ∫ x ln2 xdx h) ∫ e x cos 2xdx Oblicz całki stosując metodę całkowania przed podstawienie: tan xdx a) ∫ x cos x 2 dx b) ∫ (2x 2 − 5)2012 xdx c) ∫ arc1+x 2 2 2 ln xdx x dx dx d) ∫ x f)∫ x 6 +1 e) ∫ √ 2 x 1−ln x 2 dx h) ∫ e x sin e x cos e x dx g) ∫ e x +e −x Oblicz całki: 2 x+1 a) ∫ x 3 e x dx b) ∫ e 2x sin e x dx c) ∫ sin 2 dx x sin 2xdx 2 d) ∫ arc sin xdx e) ∫ arc cos xdx f)∫ cos4 x+1 ◇ g) ∫ lnxxdx h) ∫ cosx2 x dx 3 Andrzej Musielak Wykłady z matematyki - Całki nieoznaczone Całkowanie funkcji wymiernych Funkcje wymierne to funkcje postaci ”wielomian przez wielomian”. Szczególnym przypadkiem funkcji wymiernych są tzw. ułamki proste czyli funkcje wymierne postaci: A Ax+B (ax+b)n oraz (ax 2 +bx+x)n przy czym w mianowniku ∆ < 0 Andrzej Musielak Wykłady z matematyki - Całki nieoznaczone Całkowanie ułamków prostych Każdy typ ułamka prostego umiemy scałkować, co łatwo widać na przykładach: 2 1 ∫ x−4 dx = 2 ∫ x−4 dx = 2 ln ∣x − 4∣ + C (x−1)−3 1 −4 ∫ (x−1)4 dx = ∫ (x − 1) dx = −3 + C 6x+5 ∫ x 2 +4x+8 dx = . . . W pamięci liczymy, że pochodną mianownika jest 2x + 4, a następnie chcemy ”wyodrębnić” tę pochodną w liczniku: 2x+4 1 . . . = ∫ 3(2x+4)−7 x 2 +4x+8 dx = 3 ∫ x 2 +4x+8 dx − 7 ∫ x 2 +4x+8 dx W pierwszej całce możemy skorzystać z faktu, że f′ ∫ f dx = ln ∣f ∣, co oznacza, że ta całka jest równa ln(x 2 + 4x + 8). Natomiast drugą całkę policzymy 1 1 x korzystając ze wzoru ∫ x 2 +a 2 dx = a arc tan a : 1 1 1 x+2 ∫ x 2 +4x+8 dx = ∫ (x+2)2 +22 dx = 2 arc tan 2 Ostatecznie więc nasza całka to: 3 ln(x 2 + 4x + 8) − 72 arc tan x+2 2 +C Andrzej Musielak Wykłady z matematyki - Całki nieoznaczone Całkowanie ułamków prostych 6x+5 ∫ (x 2 +4x+8)3 W takim wypadku przekształcamy nawias z mianownika do postaci t 2 + 1: 2 ) + 1) więc nasza x 2 + 4x + 8 = (x + 2)2 + 4 = 4 ⋅ (( x+2 2 całka jest równa: x+2 6x+5 1 3 dx i teraz podstawiamy 64 ∫ 2 = t, skąd x+2 2 (( 2 ) +1) dx = 2dt oraz x = 2t − 2, więc mamy: 1 6 7 12t−7 2t 1 32 ∫ (t 2 +1)3 dt = 32 ∫ (t 2 +1)3 dt − 32 ∫ (t 2 +1)3 dt W pierwszej całce wystarczy teraz podstawić t 2 + 1 = u i 2tdt = du, by sprawdzić, że: 2t du 1 1 ∫ (t 2 +1)3 dt = ∫ u3 = − 2u2 + C = − 2(t 2 +1)2 + C = − x+21 2 + C 2(( 2 )+1) Andrzej Musielak Wykłady z matematyki - Całki nieoznaczone Całkowanie ułamków prostych Natomiast w drugiej całce możemy użyć wzoru rekurencyjnego 1 - jeśli oznaczymy In = ∫ (t 2 +1) n dt, to: In = t 2n − 3 + In−1 2(n − 1)(t 2 + 1)n−1 2n − 2 Widać więc, że nasze szukane I3 możemy sprowadzić do liczenia I2 , a to z kolei możemy sprowadzić do liczenia I1 , które oczywiście jest równe arc tan t. Policzenie szukanej całki jest więc wykonalne, ale bardzo żmudne. Skoro umiemy całkować każdy ułamek prosty, to gdyby dowolną funkcję wymierną dało się przedstawić jako sumę ułamków prostych, to udałoby się też ją scałkować. Okazuje się, że takie przedstawienie jest możliwe, o czym mówi nam twierdzenie o rozkładzie funkcji wymiernej na ułamki proste. Andrzej Musielak Wykłady z matematyki - Całki nieoznaczone Rozkład funkcji wymiernej na ułamki proste Aby rozłożyć funkcję wymierną na ułamki proste najpierw musimy zadbać o to by stopień wielomianu w liczniku był niższy niż stopień wielomianu w mianowniku. Jeśli tak nie jest, to zaczynamy od podzielenia (pisemnie) wielomianu z licznika przez wielomian z mianownika: (x 2 −x+2)(x 2 +3x)−7x+1 x 4 +2x 3 −x+1 = = (x 2 + 3x) − x 7x−1 2 2 −x+2 Gdybyśmy x −x+2 x 2 −x+2 całkowali wyjściową funkcję, to powyższe przekształcenie sprowadza nam problem do scałkowania wielomianu x 2 + 3x (co umiemy) oraz scałkowania nowej funkcji wymiernej, w której już jest tak jak chcemy, czyli stopień wielomianu z licznika jest mniejszy niż stopień wielomianu z mianownika. Andrzej Musielak Wykłady z matematyki - Całki nieoznaczone Rozkład funkcji wymiernej na ułamki proste Jeśli już tak jest, to możemy rozłożyć taką funkcję wymierną postępując według schematu: Rozkładamy wielomian z mianownika na czynniki. Jak wiadomo każdy wielomian daje się rozłożyć na iloczyn wielomianów stopnia co najwyżej drugiego. Zależnie od postaci czynników przewidujemy jakiego typu ułamki proste znajdą się w rozkładzie: Rodzaj czynnika Postać ułamka prostego A x −2 x−2 A C B (x − 1)3 x−1 + (x−1)2 + (x−1)3 Ax+B x2 + x + 1 x 2 +x+1 Ax+B Cx+D Ex+F (x 2 + 1)3 x 2 +1 + (x 2 +1)2 + (x 2 +1)3 x A B Przykładowo: (x−3)(x+1) = x−3 + x+1 2x−1 A B C Ex+F x 3 (x 2 +1) = x + x 2 + x 3 + x 2 +1 Andrzej Musielak Wykłady z matematyki - Całki nieoznaczone Rozkład funkcji wymiernej na ułamki proste Znajdujemy wartości stałych A, B, C , . . . z ułamków prostych: Sprowadzamy ułamki proste do wspólnego mianownika. Porównujemy licznik tego co wyszło z licznikiem wyjściowej funkcji wymiernej. Wstawiamy w miejsce x tyle różnych wartości ile mamy stałych A, B, C , . . . do znalezienia (przy czym wartości te wybieramy tak, by liczyło się najwygodniej) Rozwiązujemy otrzymany układ równań liniowych Andrzej Musielak Wykłady z matematyki - Całki nieoznaczone Rozkład funkcji wymiernej na ułamki proste Przykład: x ∫ x 2 −3x+2 Rozkładamy funkcję na ułamki proste: A(x−2)+B(x−1) x x A B Porównujemy (x−1)(x−2) x 2 −3x+2 = (x−1)(x−2) = x−1 + x−2 = liczniki: x = A(x − 2) + B(x − 1) i wstawiając kolejno x = 1 i x = 2 otrzymujemy 1 = −A (czyli A = −1) oraz B = 2. Tak więc nasza całka to: x 1 1 ∫ x 2 −3x+2 = − ∫ x−1 + 2 ∫ x−2 = − ln ∣x − 1∣ + 2 ln ∣x − 2∣ + C == 2 ln (x−2) ∣x−1∣ + C Andrzej Musielak Wykłady z matematyki - Całki nieoznaczone Ćwiczenia Oblicz całki z funkcji wymiernych: a) ∫ 2x+1 b) ∫ xx−1 3 +x dx x 2 −x dx 2 x +3 d) ∫ x 3 −x 2 −x+1 dx e) ∫ 4x 23x+1 +4x+17 dx Andrzej Musielak c) ∫ f) ∫ 9x+1 x 3 +3x 2 +7x+5 dx 1 (x 2 +4x+5)2 dx Wykłady z matematyki - Całki nieoznaczone ◇◇ Całkowanie funkcji niewymiernych Przez ”funkcje niewymierne” będziemy rozumieć tutaj tylko funkcje, w których występuje pierwiastek bądź z trójmianu kwadratowego, bądź też z funkcji homograficznej. Oczywiście w istocie klasa funkcji niewymiernych jest o wiele szersza (w szczególności można by do tego działu dorzucić całkowanie wyrażeń dwumiennych oraz całki eliptyczne), ale dla naszych potrzeb wystarczą tylko wymienione typy. ◇ Andrzej Musielak Wykłady z matematyki - Całki nieoznaczone √ Całki z funkcji z ax 2 + bx + c Kluczowe są tutaj dwa √ wzory: 1 1 x 2 ∫ √x 2 +q dx = ln ∣x + x + q∣ + C , ∫ √q−x 2 dx = arc sin √q + C lub ogólniej: √ 1 √ dx = ln ∣∣x − p + (x − p)2 + q∣ + C , ∫ (x−p)2 +q x−p 1 ∫ √q−(x−p)2 dx = arc sin √q + C Jeśli więc liczymy całkę postaci ∫ √ax 2dx+bx+c , to wystarczy sprowadzić trójmian z mianownika do postaci kanonicznej. Andrzej Musielak Wykłady z matematyki - Całki nieoznaczone √ Całki z funkcji z ax 2 + bx + c Przykład: ∫ √ 3dx 4x 2 +4x+9 =∫ √ √ 3 2 ln ∣x + 12 + 3dx 4(x+ 12 )2 +8 = 23 ∫ √ dx (x+ 12 )2 +2 == (x + 12 )2 + 2∣ Jeśli w liczniku mamy wyrażenie liniowe, to możemy ”wyodrębnić” z licznika pochodną trójmianu z mianownika i podzielić szukaną całkę na dwie całki. 1 (8x+4)+2 Przykład: ∫ √4x2x+3 dx = ∫ √4 4x 2 +4x+9 dx == 2 +4x+9 1 √ 8x+4 dx + 2 ∫ √4x 21+4x+9 dx Druga całka to ta z 4∫ 4x 2 +4x+9 poprzedniego przykładu. Natomiast, żeby policzyć pierwszą wystarczy scałkować przez podstawienie: √ t = 4x 2 + 4x + 9 dt 8x+4 ∫ √4x 2 +4x+9 dx = ∣dt = (8x + 4)dx ∣ = ∫ √t = 2 t + C == √ 2 4x 2 + 4x + 9 + C Andrzej Musielak Wykłady z matematyki - Całki nieoznaczone √ Całki z funkcji z ax 2 + bx + c Jeśli natomiast w liczniku mamy wielomian stopnia wyższego niż jeden, to możemy przewidzieć postać rozwiązania. Jeśli Wn (x) jest wielomianem n-tego stopnia, to dla pewnego wielomianu Vn−1 (x) stopnia n − 1 i dla pewnej stałej A zachodzi równość: √ Wn (x)dx Adx 2 ∫ √ax 2 +bx+c = Vn−1 (x) ax + bx + c + ∫ √ax 2 +bx+c Ostatnią całkę już umiemy policzyć, wystarczy zatem znaleźć wielomian Vn−1 (x) i stałą A. Można to zrobić licząc pochodną obu stron, porządkując obie strony i porównując współczynniki przy odpowiednich potęgach wielomianów. ◇ Andrzej Musielak Wykłady z matematyki - Całki nieoznaczone Całki z funkcji z n ax+b cx+d Jeśli podcałkowej występują wyrażenia postaci √ w funkcji √ √ n ax+b m ax+b r ax+b , , . . ., to używamy podstawienia t = cx+d cx+d cx+d , gdzie r to najmniejsza wspólna wielokrotność liczb n, m, . . .. Przykładowo: √ √ 3 x+√x 12 W całce ∫ √ x 4 x+3 dx podstawilibyśmy t = √ √ x−2 W całce ∫ x−2 x+4 dx podstawilibyśmy t = x+4 √ 1 W całce ∫ √ 1 dx√ podstawilibyśmy t = 6 x−1 +3 1 x−1 x−1 Ideą takiego podstawienia jest sprowadzenie naszej całki do całki z funkcji wymiernej przez pozbycie się pierwiastków. Andrzej Musielak Wykłady z matematyki - Całki nieoznaczone Całki z funkcji z n ax+b cx+d Przykłady: RRR t = 12√x RRR RRR RRR 11 dt 1 12 = x R RRR = ∫ 2t12t √ √ √ t dx = R 4 3 3 +t 4 +t 6 ∫ 2 x+ x+ x RRR RRRdx = 12t 11 dt RRRRR √ √ x−1 dx = ∣ ∣ = . . . Z podstawienia wyznaczamy x: x t = x−1 ∫ x+2 x+2 2t 2 +1 2 2 2 2 t 2 = x−1 x+2 , t x + 2t = x − 1, x − t x = 2t + 1, x = 1−t 2 i 6t obliczamy, że dx = (1−t 2 )2 dt, więc nasza całka to: 6t . . . = ∫ 2t1−t+12 ⋅ t ⋅ (1−t 2 )2 dt czyli dostajemy zwykłą całkę z funkcji wymiernej (choć akurat tutaj skomplikowaną rachunkowo). ◇ 2 Andrzej Musielak Wykłady z matematyki - Całki nieoznaczone Ćwiczenia Oblicz całki z funkcji niewymiernych: dx 3x−1 a) ∫ √6x−x b) ∫ √5+4x−x dx 2 2 √ d) ∫ √x+1+3 √ dx e) ∫ x 2 x − 3dx 3 x+1 Andrzej Musielak 2 dx c)* ∫ √xx2 +2x+2 √ ◇ dx f) ∫ 1−x 1+x x Wykłady z matematyki - Całki nieoznaczone Całkowanie funkcji trygonometrycznych Najskuteczniejszą (choć nie zawsze najszybszą) metodą całkowania funkcji w których pojawiają się funkcje trygonometryczne jest zastosowanie podstawienia uniwersalnego: x 2dt 2t 1 − t2 Jeśli t = tg to dx = To , sin x = , cos x = 2 1 + t2 1 + t2 1 + t2 podstawienie pozwala pozbyć się z funkcji podcałkowej funkcji trygonometrycznych, jeśli więc wyjściowa funkcja podcałkowa była funkcją wymierną od sinusa i cosinusa, to nowa całka będzie całką ze zwykłej funkcji wymiernej. Przykład: x 1 1 2dt 2dt ∫ 2 sin x+3 cos x dx = ∣t = tg 2 ∣ = ∫ 2t 1−t 2 1+t 2 = ∫ −3t 2 +4t+3 co 2⋅ 1+t 2 +3⋅ 1+t 2 sprowadza liczenie do takiej całki jaką już umiemy. Andrzej Musielak Wykłady z matematyki - Całki nieoznaczone Całkowanie funkcji trygonometrycznych Czasem jednak można liczyć prościej. Najbardziej typowym przykładem są całki postaci: ∫ sinn x cosm xdx Postępujemy wówczas według schematu: Jeśli n, m są nieparzyste, to podstawiamy t = sin x lub t = cos x Jeśli n jest nieparzyste, a m parzyste, to podstawiamy t = cos x Jeśli n jest parzyste, a m nieparzyste, to podstawiamy t = sin x Andrzej Musielak Wykłady z matematyki - Całki nieoznaczone Całkowanie funkcji trygonometrycznych Jeśli n, m są parzyste, to mamy trzy możliwości: Użyć podstawienia podobnego do uniwersalnego, tzn.: t2 1 dt 2 , sin x = , cos2 x = Jeśli t = tg x to dx = 2 2 1+t 1+t 1 + t2 sin 2x 1+cos 2x 2 Użyć wzorów sin x cos x = 2 i cos x = 2 Pozbyć się jednej z funkcji sin, cos i zastosować wzory rekurencyjne Andrzej Musielak Wykłady z matematyki - Całki nieoznaczone Całkowanie funkcji trygonometrycznych Przykłady: ∫ sin2 x cos3 xdx = ∫ sin2 x(1 − sin2 x) cos xdx = t = sin x ∣ ∣ = (t 2 − t 4 )dt = dt = cos dx ∫ 3 5 3 5 = t3 − t5 + C = sin3 x − sin5 x + C ∫ sin2 x cos4 xdx = ∣t = tg x∣ = t2 1 dt ∫ t 2 +1 ⋅ (1+t 2 )2 ⋅ 1+t 2 W ten sposób otrzymujemy całkę z funkcji wymiernej, a to już umiemy (choć akurat w tym przypadku trzeba się mocno nagimnastykować ze wzorami na In ) Andrzej Musielak Wykłady z matematyki - Całki nieoznaczone Całkowanie funkcji trygonometrycznych Przykłady: ∫ sin2 x cos4 xdx = ∫ (sin x cos x)2 cos2 xdx = 2 1 4 ∫ sin 2x(1 + cos 2x)dx = t = 2x ∣ = 1 (sin2 t + sin2 t cos t)dt Scałkować sin2 t cos t =∣ dx = 21 dt 8 ∫ oczywiście umiemy, natomiast w przypadku całki z sin2 t sin2 xdx = 21 x + sin x cos x + C , wystarczy zastosować: ∫ ◇ 1 2 ∫ cos xdx = 2 x − sin x cos x + C Andrzej Musielak Wykłady z matematyki - Całki nieoznaczone Ćwiczenia Oblicz całki z funkcji trygonometrycznych: 1+sin x a) ∫ sin x(1+cos b) ∫ sin13 x dx x) dx ◇◇ c) ∫ sin5 x cos4 xdx d) ∫ sin2 x cos2 xdx Andrzej Musielak Wykłady z matematyki - Całki nieoznaczone