Zderzenia w przestrzeni jednowymiarowej - Open AGH e
Transkrypt
Zderzenia w przestrzeni jednowymiarowej - Open AGH e
Zderzenia w przestrzeni jednowymiarowej Autorzy: Zbigniew Kąkol, Bartek Wiendlocha Rozpatrzymy zderzenie sprężyste dwóch gładkich niewirujących kul o masach m 1 i m 2 . Przed zderzeniem kule poruszają się wzdłuż linii łączącej ich środki (zderzenie centralne) z prędkościami odpowiednio v1 i v2 , na przykład tak, jak na Rys. 1. Naszym celem jest znalezienie prędkości u1 i u2 tych kul po zderzeniu. Rysunek 1: Kule o masach m1 i m2 przed (a) i po (b) zderzeniu. Z zasady zachowania pędu dla układu obu kul otrzymujemy m1 v1 + m2 v2 = m1 u1 + m2 u2 . (1) Ponieważ zderzenie jest sprężyste, to zgodnie z definicją energia kinetyczna jest zachowana w tym zderzeniu m1 v21 2 m2 v22 2 + = m1 u21 2 + m2 u22 . 2 (2) Rozwiązujemy układ dwóch równań ( 1 ) i ( 2 ) z dwoma niewiadomymi u1 , u2 i otrzymujemy 1 −m2 2 u1 = ( m )v1 + ( m2m )v 2 m +m +m 1 2 1 (3) 2 oraz 1 2 −m1 u2 = ( m2m )v 1 + ( m )v 2 . +m m +m 1 2 1 (4) 2 Rozpatrzmy teraz kilka przypadków. W każdym z nich, posługując się zależnościami ( 3 ) i ( 4 ), obliczymy prędkości ciał po zderzeniu u1 i u2 . Zderzenie dwóch identycznych ciał m 1 = m 2 = m . Rozwiązanie: u1 = v2 , u2 = v1. . Ciała wymieniają się prędkościami i zarazem pędami. Na przykład, gdy podczas gry w bilard poruszająca się z prędkością v kula zderza się centralnie z drugą identyczną, ale nieruchomą kulą, to sama zatrzymuje się, a spoczywająca dotychczas kula zaczyna poruszać się z prędkością v. Lekka cząstka zderza się centralnie z ciężkim nieruchomym jądrem lub piłka uderza o ścianę; m 1 << m 2 , v2 = 0. Rozwiązanie: u1 = − v2 , u2 = 0. Piłka odbija się sprężyście od ściany więc prędkość zmienia znak (wektor zmienia zwrot), a ściana pozostaje nieruchoma. Sytuacja odwrotna, ciężka cząstka uderza w nieruchomą cząstkę lekką; m 1 >> m 2 oraz v2 = 0. Rozwiązanie: u1 = v1 , u2 =2 v1 . Cząstka lekka uzyskuje prędkość dwukrotnie większą od cząstki ciężkiej, której prędkość (pęd) nie ulega zmianie. Powyższa analiza pokazuje, na przykład jak dobierać materiał spowalniający neutrony w reaktorze. Neutrony muszą być spowalniane, aby podtrzymać proces rozszczepienia. W tym celu zderza się je sprężyście z jądrami (spoczywającymi) spowalniacza. Gdyby w spowalniaczu były ciężkie jądra, to neutrony zderzając się "odbijałyby" się nie tracąc nic z prędkości (przypadek b). Gdyby natomiast spowalniaczem były cząstki lekkie, np. elektrony, to neutrony poruszałyby się wśród nich praktycznie bez zmiany prędkości (przypadek c). Zatem trzeba wybrać moderator (spowalniacz) o masie jąder porównywalnej z masą neutronów (przypadek a). ZADANIE Zadanie 1: Zderzenia neutronów Treść zadania: Sprawdź, jaką część swej energii kinetycznej traci neutron o masie m 1 w zderzeniu centralnym z będącym w spoczynku jądrem atomowym o masie m 2 ? Obliczenia wykonaj dla jądra ołowiu m 2 = 206 m 1 , jądra węgla i jądra wodoru m 2 = m 1 . Wskazówka: Skorzystaj z równania ( 3 ), uwzględniając, że v2 = 0. ΔE dla ołowiu E k = k ΔE dla węgla E k = k ΔE dla wodoru E k = k ROZWIĄZANIE: Dane: zderzenie sprężyste, v2 = 0, ołów m 2 = 206 m 1 ,węgiel m 2 = 12m 1 ,wodór m 2 = m 1 . Energia kinetyczna neutronu przed zderzeniem: Ek1 = Energia kinetyczna neutronu po zderzeniu: Ek2 = m1 v21 2 m1 u21 2 Względna zmiana energii neutronu podczas zderzenia: Ek1 −Ek2 Ek1 = v21 −u21 v21 = 1− u21 v21 Ponieważ zderzenie odbywa się z nieruchomym jądrem ( v2 = 0), to na podstawie wzoru ( 3 ) 1 −m2 u1 = ( m ) v1 m +m 1 (5) 2 więc Ek1 −Ek2 Ek1 dla ołowiu m 2 = 206m 1 więc dla węgla m 2 = 12m 1 więc dla wodoru m 2 = m 1 więc Ek1 −Ek2 Ek1 Ek1 −Ek2 Ek1 Ek1 −Ek2 Ek1 2 = 1 − ( m1 +m2 ) = m −m 1 2 4m1 m2 (m1 +m2 )2 (6) = 0.02 (2%) = 0.28 (28%) = 1 (100%) Wyniki te pokazują, dlaczego parafina, która jest bogata w wodór, jest dobrym spowalniaczem (a nie ołów). Rozważmy teraz przypadek zderzenia całkowicie niesprężystego. Przy zderzeniach niesprężystych energia kinetyczna nie jest zachowana. Energia będąca różnicą pomiędzy początkową i końcową energią kinetyczną przechodzi w inne formy energii, na przykład w ciepło lub energię potencjalną związaną z deformacją ciała podczas zderzenia. Tak jest w przypadku wahadła balistycznego, które służy do pomiaru prędkości pocisków. Składa się ono z bloku drewnianego o masie M , wiszącego na dwóch sznurach. Pocisk o masie m , mający prędkość poziomą v, wbija się w klocek i zatrzymuje w nim. Po zderzeniu wahadło, tzn. klocek z tkwiącym w nim pociskiem, wychyla się i podnosi na maksymalną wysokość h tak, jak pokazano na Rys. 2. Rysunek 2: Wahadło balistyczne. Pęd przed zderzeniem jest równy pędowi pocisku, poniważ klocek jest nieruchomy. Natomiast po zderzeniu klocek i pocisk poruszają się razem. Stosując zasadę zachowania pędu, otrzymujemy mv = (m + M)u, (7) gdzie u jest prędkością układu klocek - pocisk zaraz po zderzeniu. W zderzeniu część energii kinetycznej pocisku jest tracona m.in. na ciepło i odkształcenie klocka, w który pocisk się wbija. Pozostała część energii kinetycznej zamienia się po zderzeniu w potencjalną energię grawitacji, co możemy zapisać w postaci równania 1 2 (m + M)u2 = (m + M)gh. (8) Rozwiązując ostatnie dwa równania, otrzymujemy v= m+M m −−− √2gh. (9) Wystarczy więc zmierzyć wysokość h oraz masy m i M , aby móc wyznaczyć prędkość pocisku v. ZADANIE Zadanie 2: Wahadło balistyczne Treść zadania: Sprawdź, jaka część początkowej energii zostaje zachowana w tym zderzeniu. Przyjmij masę pocisku m = 5 g, a masę klocka M = 2 kg. Wynik zapisz poniżej. Wskazówka: Skorzystaj z równania ( 9 ) i oblicz iloraz 1 2 (m+M)u2 1 2 mv2 (10) = ROZWIĄZANIE: Dane: m = 5g, M = 2 kg. Obliczamy stosunek energii kinetycznej układu klocek – pocisk, zaraz po zderzeniu, do energii kinetycznej pocisku przed zderzeniem. Korzystając ze wzoru ( 9 ), otrzymujemy 1 2 (m+M)u2 1 2 mv2 = (m+M)gh 1 2 m( m+M m 2 ) 2gh = m . m+M Podstawiając dane otrzymujemy stosunek m/(m + M) ∼ 0.0025. Oznacza to, że zachowane zostaje tylko 0.25% 99.75% (11) początkowej energii kinetycznej, a 99.75%ulega zmianie w inne formy energii. http://epodreczniki.open.agh.edu.pl/openagh-simulation.php?fileId=1358 Publikacja udostępniona jest na licencji Creative Commons Uznanie autorstwa - Na tych samych warunkach 3.0 Polska. Pewne prawa zastrzeżone na rzecz autorów i Akademii Górniczo-Hutniczej. Zezwala się na dowolne wykorzystanie treści publikacji pod warunkiem wskazania autorów i Akademii Górniczo-Hutniczej jako autorów oraz podania informacji o licencji tak długo, jak tylko na utwory zależne będzie udzielana taka sama licencja. Pełny tekst licencji dostępny na stronie http://creativecommons.org/licenses/by-sa/3.0/pl/. Czas generacji dokumentu: 2015-07-23 11:12:00 Oryginalny dokument dostępny pod adresem: http://epodreczniki.open.agh.edu.pl/openagh-permalink.php? link=864ecf3843622c27a84cd06b87a11684 Autor: Zbigniew Kąkol, Bartek Wiendlocha